屯溪一中2013～2014学年度第一学期高三年级第三次月考物 理 试 卷一、单选题（12(3=36分，每小题只有一个选项符合题意，将答案填写在答题卷的表格中） 1．如图所示，某人静躺在椅子上，椅子的靠背与水平面之间有固定倾斜角θ．若此人所受重力为G，则椅子各部分对他的作用力的合力大小为( ) A．G B．G sinθC．G cosθ D．G tanθ【答案】A【gkstk解析】人受多个力处于平衡状态，人受力可以看成两部分，一部分是重力，另一部分是椅子各部分对他的作用力的合力；根据平衡条件得椅子各部分对他的作用力的合力与重力等值，反向，即大小是G。故选A。【考点】力的合成 2．如图所示，自动卸货车始终静止在水平地面上，车厢在液压机的作用下，θ角逐渐缓慢增大且货物相对车厢静止的过程中，下列说法不正确的是 ( ) A．货物受到的摩擦力增大 B．货物受到的支持力变小 C．货物受到的支持力对货物做正功D．货物受到的摩擦力对货物做负功【答案】D【gkstk解析】AB、货物处于平衡状态，则有：，θ增大时，f增大，N减小，故AB正确；C、货物受到的支持力的方向与位移方向的夹角小于90°，做正功，故C正确；D、摩擦力的方向与位移方向垂直，不做功，故D错误。故选D。【考点】功；滑动摩擦力；静摩擦力和最大静摩擦力 3．一个质量为2kg的物体，在六个恒定的共点力作用下处于平衡状态．现同时撤去大小分别为15N和20N的两个力而其余力保持不变，关于此后该物体运动的说法中正确的是( ) A．一定做匀变速直线运动，加速度大小可能是5m/s2 B．一定做匀变速运动，加速度大小可能是15m/s2 C．可能做匀减速直线运动，加速度大小是2m/s2D．可能做匀速圆周运动，向心加速度大小可能是5m/s2 【答案】B【gkstk解析】根据平衡条件得知，余下力的合力与撤去的两个力的合力大小相等、方向相反，则撤去大小分别为15N和20N的两个力后，物体的合力大小范围为，物体的加速度范围为：；A、若物体原来做匀速直线运动，撤去的两个力的合力方向与速度方向不在同一直线上或与速度方向相同时，物体做曲线运动或匀减速直线运动，故A错误；B、由于撤去两个力后其余力保持不变，则物体所受的合力不变，一定做匀变速运动，加速度大小可能等于15m/s2，故B正确；C、若物体原来做匀速直线运动，撤去的两个力的合力方向与速度方向相同时，物体做匀减速直线运动，故C正确；D、由于撤去两个力后其余力保持不变，恒力作用下不可能做匀速圆周运动，故D错误。故选B。【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用 4．如图，轻质弹簧的上端固定在电梯的天花板上，弹簧下端悬挂一个小铁球，在电梯运行时，乘客发现弹簧的伸长量比电梯静止时的伸长量大了，这一现象表明 ( ) A．乘客一定处在超重状态 B．电梯一定是在下降 C．电梯一定是在上升 D．电梯的加速度方向一定是向下【答案】A【gkstk解析】弹簧的伸长量比电梯静止时的伸长量大了，说明弹簧弹力变大了，所以加速度向上，但是不能判断速度方向；故选A。【考点】牛顿第二定律；超重失重 5．如图所示，一圆盘可绕一通过圆心且垂直于盘面的竖直轴转动，在圆盘上放一块橡皮，橡皮块随圆盘一起转动（俯视为逆时针）．某段时间圆盘转速不断增大，但橡皮块仍相对圆盘静止，在这段时间内，关于橡皮块所受合力F的方向的四种表示（俯视图）中，正确的是 ( )【答案】C【gkstk解析】圆盘转速不断增大，说明橡皮做的是加速圆周运动，运动过程中有两个加速度，即向心加速度和切向加速度，向心加速度指向圆心，切向加速度沿轨迹切线，所以和加速度方向和图C相同，故橡皮块所受合力F的方向和图C相同。故选C。【考点】圆周运动；加速度；矢量的合成 6．一质量为M的人手握长为l轻绳(不可伸长)一端，绳的另一端栓一质量为m的小球，今使小球在竖直平面内做圆周运动，若小球刚好能经过圆周的最高点，则在小球运动过程中，下面说法正确的是 ( ) A．人对地面的最小压力等于Mg B．人对地面的最小压力大于MgC．人对地面的最大压力等于（M+m）g D．人对地面的最大压力大于（M+m）g【答案】D【gkstk解析】AB、在上半个圆周内运动时（除去最高点），轻绳对小球和人都有拉力，其中对人的拉力斜向上，所以人对地面的压力小于Mg，故AB错误；CD、小球运动到最低点时，对整体，得，由牛顿第三定律可知人对地面的最大压力大于（M+m）g，故C错误D正确；故选D。【考点】圆周运动；向心力；牛顿第二定律 7．2015年12月27日，我国自行研制的“北斗导航卫星系统”（BDS）正式组网投入商用．2015年9月采用一箭双星的方式发射了该系统中的两颗圆轨道半径均为21332km的“北斗-M5”和“北斗M-6”卫星，其轨道如图所示。关于这两颗卫星，下列说法正确的是 ( ) A．两颗卫星的向心加速度相同 B．两颗卫星的速率均小于7.9 m/s C．北斗-M6的速率大于同步卫星的速率D．北斗-M5的运行周期大于地球自转周期【答案】C【gkstk解析】A、根据知，轨道半径相等，则向心加速度大小相等，故A错误；B、根据知，轨道半径越大，线速度越小，第一宇宙速度的轨道半径等于地球的半径，是做匀速圆周运动的最大速度，所以两颗卫星的速度均小于7.9km/s，故B错误；C、北斗-M6的轨道半径小于同步卫星的轨道半径，则线速度大于同步卫星的速率，故C正确；D、因为北斗-M6的轨道半径小于同步卫星的轨道半径，根据知，北斗-M6的周期小于同步卫星的周期，即小于地球自转的周期，故D错误。故选C。【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用 8．如图所示，“嫦娥一号”探月卫星进入月球轨道后，首先在椭圆轨道Ⅰ上运动，P、Q两点是轨道Ⅰ的近月点和远月点，Ⅱ是卫星绕月做圆周运动的轨道，轨道Ⅰ和Ⅱ在P点相切，关于该探月卫星的运动，下列说法正确的是( ) A．卫星在轨道Ⅰ上运动周期大于在轨道Ⅱ上运动的周期 B．卫星由轨道Ⅰ进入轨道Ⅱ必须要在P点加速 C．卫星在轨道Ⅰ上运动时，P点的速度小于Q点的速度D．卫星在轨道Ⅰ上运动时，P点的加速度小于Q点的加速度【答案】A【gkstk解析】A、根据开普勒第三定律得，，知卫星在轨道Ⅱ上运动的半径小于在轨道I运动的半长轴，则卫星在轨道Ⅱ上运动的周期比沿轨道I运动的周期短，故A正确；B、卫星由轨道Ⅰ到达P点时必须减速，使其受到的万有引力大于需要的向心力，而做近心运动，使轨道半径降低，从而进入轨道Ⅱ，故B错误；C、根据开普勒第二定律得“嫦娥一号”在P点的线速度大于Q点的线速度，故C错误；D、卫星在轨道Ⅱ上P点的所受的万有引力等于在轨道I运动到P点的万有引力，根据牛顿第二定律，知加速度相等，故D错误。故选A。【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用 9．如图所示，将一质量为m的小球从空中O点以速度v0水平抛出，飞行一段时间后，小球经过空间P点时动能为，不计空气阻力，则下列结论不正确的是 ( ) A．小球经过P点时竖直分速度为 B．从O点到P点，小球的高度下降 C．从O点到P点过程中，小球运动的平均速度为 D．从O点到P点过程中，小球运动的平均速度为 【答案】C【gkstk解析】A、由得，所以竖直分速度为，故A正确；B、竖直分速度为，由得，故B正确；CD、竖直方向由得，运动的时间，所以水平方向的位移，所以小球的总位移，平均速度为，故C错误D正确；故选C。【考点】平抛运动 10．如图所示，一个小物体A沿高为h、倾角为θ的光滑斜面以初速度v0顶端滑到底端，而相同的物体B以同样大小的初速度从同等高度竖直上抛，不计空气阻力，则下列判断正确的是( ) A．两物体落地时速度相同 B．从开始运动至落地过程中，重力对它们做功相同 C．两物体落地时，重力的瞬时功率相同D．从开始运动至落地过程中，重力对它们做功的平均功率相同 【答案】B【gkstk解析】A、两个小球在运动的过程中都是只有重力做功，根据机械能守恒可知两物体落地时速率相同，故A错误；B、重力做功只与初末位置有关，物体的起点和终点一样，所以重力做的功相同，所以B正确；C、由于两个物体落地时的速度的方向不同，由瞬时功率的公式可以知道，重力的瞬时功率不相同，所以C错误；D、平均功率等于做功的大小与所用的时间的比值，物体重力做的功相同，但是时间不同，所以平均功率不同，所以D错误。故选B。【考点】功率、平均功率和瞬时功率；自由落体运动 11．有一质量为m的木块，从半径为r的圆弧曲面上的a点滑向b点，如图所示．如果由于摩擦使木块的运动速率保持不变，则以下叙述正确的是( ) A．木块的加速度不变 B．木块所受的合外力为零 C．木块所受的力都不对其做功D．木块所受的合外力不为零，但合外力对木块做的功为零【答案】D【gkstk解析】A、加速度是矢量，木块的加速度指向圆心，方向发生变化，故A错误；B、做匀速圆周运动，需要向心加速度，所以合外力不为零，故B错误；C、重力做正功，摩擦力做负功，故C错误；D、物块速率保持不变，由动能定理可知，合外力做功为零，故D正确。故选D。【考点】匀速圆周运动；动能定理 12．如图所示，中间有孔的物块A套在竖直杆上，通过滑轮用不可伸长的轻绳将物体拉着匀速向上运动，所有摩擦均不计．则关于拉力F及拉力F的功率P，下列说法正确的是( ) A．F不变，P减小 B．F增大，P不变 C．F增大，P增大D．F增大，P减小【答案】B【gkstk解析】设绳子与竖直方向上的夹角为θ，因为A做匀速直线运动，在竖直方向上合力为零，有：，因为θ增大，则F增大；物体A沿绳子方向上的分速度，则拉力的功率，知拉力的功率不变；故B正确。故选B。【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的安徽省屯溪一中2015届上学期高三第三次月考_物理试题
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