10. 已知数列{xn}，{yn}满足x1=x2=1，y1=y2=2，并且

　　-=λ-，-λ-(λ为非零参数，n=2，3，4，…)

　　(Ⅰ)若x1，x3，x5成等比数列，求参数λ的值；

　　(Ⅱ)当λ>0时，证明--(n∈N*)；

　　当λ>1时，证明-+-+…+-<-(n∈N*)

　　解(Ⅰ)n=2 -=λ-→x3=λ；n=3 -=λ-→x4=λ3

　　n=4 -=λ-→x5=λ6

　　∵x1，x3，x5成等比

　　∴x32=x1·x5→λ2=λ6，λ≠0

　　∴λ=±1

　　(Ⅱ)-=λ-=λ2-=…=λn-1-，∴-=λn-1

　　y1=y2=2>0，λ>0→yn>0

　　-λ-λ2-…λn-1-

　　∴-λn-1→--

　　∴--

　　(Ⅲ)由已知 x1=x2=1，y1=y2=2，y3λy2，x3=λx2 又λ>1，∴y3>x3

　　进一步易推得 yn>xn

　　-=-，yn+1-xn+1λn-1yn-λn-1xn=λn-1(yn-xn)>0

　　--

　　--=-

　　∴--，(n2)

　　-+-+…+-1+-+…+-<-=-

　　注：第(Ⅱ)问是用逐次代入法解决等量与不等量递推。

　　(三)综合题与应用题

　　综合题主要是数列与函数，数列与不等式的综合.数列部分的应用题是以“增长率”为基础加以变化.

　　1. 已知二次函数y=f(x)的图像经过坐标原点，其导函数为f‘(x)=6x-2，数列{an}的前n项和为Sn，点(n，Sn)(n∈N*)均在函数y=f(x)的图像上。

　　(Ⅰ)求数列{an}的通项公式；

　　(Ⅱ)设bn=-，Tn是数列{bn}的前n项和，求使得Tn<-对所有n∈N*都成立的最小正整数m。

　　解(Ⅰ)∵f(x)的图像经过坐标原点

　　∴f(0)=c=0

　　又f‘(x)=2ax+b=6x-2

　　∴a=3，b=-2

　　∴f(x)=3x2-2x

　　Sn=f(n)=3n2-2n， a1=S1=1

　　Sn-1=3(n-1)2-3(n-1)

　　an=Sn-Sn-1=6n-5，n2

　　a1=1也满足上式

　　∴an=6n-5，(n=1，2，…)

　　(Ⅱ)bn=-=-[---]

　　Tn=-(1--)<-

　　m>10--

　　g(n)=10--，n↑，g(n)↑

　　-g(n)=10 ∴m=10

　　注：本题是函数与数列综合，第(Ⅱ)问要有极限思想。

　　2. 已知An(an，bn)(n∈N*)是曲线y=ex上的点，a1=a，Sn是数列{an}的前n项和，且满足Sn2=3n2an+Sn-12，an≠0，n=2，3，4，…

　　(Ⅰ)证明：数列{-}(n2)是常数列；

　　(Ⅱ)确定a的取值集合M，使a∈M时，数列{an}是单调递增数列；

　　(Ⅲ)证明：当a∈M时， 弦AnAn+1(n∈N*)的斜率随n单调递增。

　　解：(Ⅰ)Sn2-S2n-1=3n2gan，

　　(Sn+Sn-1)gan=3n2gan，n2，an≠0

　　∴Sn+Sn-1=3n2

　　Sn+1+Sn=3(n+1)2

　　两式相减：Sn+1-Sn-1=6n+3

　　∴an+1+an=6n+3

　　an+2+an+1=6n+9

　　又两式相减an+2-an=6，n2

　　-=-=-=e6。得证

　　分析(2)由Sn+Sn-1=3n2

　　n=2:S2+S1=12→a2=12-2a

　　由an+1+an=6n+3

　　n=2:a3=3+2a

　　n=3:a4=18-2a

　　a2，a4，…，a2k是以a2为首项，公差为6的等差递增数列。

　　a3，a5，…，a2k-1是以a3为首项，公差为6的等差递增数列。

　　若{an}为递增数列，应有a1

　　-

　　证明(3)kn=-，kn+1=-

　　分析：{an}↑，{-}↑，要证{kn}↑

　　注意到，{an}不是以6为公差的等差递增数列，用比较法kn+1-kn在计算中显然行不通。过去是“量”的转换，现在把数列转换成函数，用函数单调性解决数列的单调性。

　　设函数f(x)=-

　　f‘(x)=-，需证f‘(x)>0，可推出f(x)↑

　　又设g(x)=ex(x-x0)-(ex--)

　　g‘(x)=ex(x-x0)

　　xx0

　　g‘(x)>0，g(x)↑，

　　∴x=x0是g(x)唯一极小值点。

　　∴g(x)>g(x0)=0，即g(x)>0

　　∴f‘(x)>0，f(x)↑

　　单调区间(-∞，x0)∪(x0，+∞)

　　上面是把数列转化为函数，下面还要把函数转化为数列。

　　令x0=an，an

　　∴-<-

　　再令x0=an+2，an

　　->-

　　∴kn

　　注：数列也是函数，用处理函数的思路，与方法也适用于数列，关键是抓住“转化”的转折点。

　　2008年物理复习：巧用能量守恒定律

　　天津四十二中学 杨震

　　[例2]：如图所示，传送带与水平地面夹370，以恒定的速率v0=2m/s运行。把一个质量为10kg的物体轻放在传送带底端，物体被运送到高为h=2m处，物体与传送带的动摩擦因数

μ=0.866，不计其他摩擦以及能量损失，求：

　　(1)此过程产生的内能是多少？

　　(2)此过程中拉动传送带的电动机消耗的电能是多少？

　　解：(1)分析：首先，木块在滑动摩擦力和重力下滑分量的作用下做匀加速运动，末速度为v0，木箱的对地位移为s，相对滑动的时间为t则：

　　a=μgcos370-gsin370 v02=2as ，t=-

　　E内=fs相对=f(v0t-s)

　　(2)由能量转化观点，电动机输出能量转化成物体的动能，摩擦生热和物体的重力势能

　　E=-mv02+mgh+fs相对

　　[例3]：(2007学年度北京市东城区高三期末教学目标抽测)

　　如图所示，光滑水平面上有一质量M=4.0kg的带有圆弧轨道的平板车，车的上表面是一段长L=1.0m的粗糙水平轨道，水平轨道左侧连一半径R=0.25m 的-光滑圆弧轨道，圆弧轨

道与水平轨道在O′点相切。车右端固定一个尺寸可以忽略、处于锁定状态的压缩弹簧，一质量m=1.0kg的小物块紧靠弹簧放置，小物块与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.5。整个装

置处于静止状态，现将弹簧解除锁定，小物块被弹出，恰能到达圆弧轨道的最高点A。取g=10m/s2，求：

　　(1)小物块到达A点时，平板车的速度大小；

　　(2)解除锁定前弹簧的弹性势能；

　　(3)小物块第二次经过O′点时的速度大小；

　　(4)小物块与车最终相对静止时，它距O′点的距离。

　　解：分析：此题物体的受力多为变力，运动过程也很复杂，紧紧抓住能量的转化关系便可将复杂问题简单化。

　　(1)平板车与小物块组成的系统水平方向动量守恒，故到达圆弧最高点A时两者共同的速度为0
 

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